[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)答案正在持续更新，目前2026届炎德英才大联考答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

当'=一防时，解得=号w联立解得B=w。(2)发动机每秒钟喷气20次，设此吋火箭的速度为20，以火箭和喷出的20次气体为研究对枚v的取值范围为号w≤<号。【例7】AD【解析】由动量守恒定律可验象，根据动量守恒定律得(M一20m)v20一20m证四个选项都满足要求。再看动能的情况，初三0【例4】(1)4m/s(2)0.45m(3)0.8m动能之和=m2+w-名×4X201nv【解析】(1)小滑块在AB轨道上运动有mgh2解得20-M-20m≈13.5m/s。h-(mgc0sO)·sin 02 mvo29J十2×2X9J=27J,末动能之和Ek【例10】AD【解析】由人与车组成的系统动量守恒得m心人=M车，A项正确。设车长为代入数据解得的=专√=4m/s。之m?+之w”,由于碰撞过程动能不可(2)小球沿CDEF轨道运动，在最高点可得mg能增加，所以应有Fk≥k',可排除B项。C项L,由m(L-x车)=Mx车，解得x车=M十虽满足E≥Ek',但A、B沿同一直线相向运车在地面上移动的位移大小与人的均速度大R动，发生碰撞后各自仍保持原来的速度方向小无关，D项正确，B、C两项借误。从C点到E点由机械能守恒定律可得(>0,2'<0),这显然是不符合实际的，因此【变式5】B【解析】设全程小车相对地面的位移大小为s,则滑块水方向相对地面的位2mBm2十ng(R+r）=2m1Bmn2C项错误。验证A、D两项均满足Ek≥Ek。【变式3】A【解析】碰撞的合理性要求满移x=R十L一s。取水向右为正方向，由水解得UEmin=√/2m/s,UBmin=22m/s足动量守恒和机械能不增加。A项的数据满足方向动量守恒得m名一M·=0,即小滑块与小球碰撞后动量守恒，机械能守恒，因要求，A项正确；因为1>2，碰后两球同向运此有UAnin=mA'十Ewin,之UAmin2动，由于A球的速度大于B球的速度，会发生R+L一-M=0,结合M=3m,解得s=次碰撞，不符合实际，B项错误；C项数据代32m4'2+之Bmn2,解得UA'=0,min=入后动量不守恒，C项错误；D项中碰后总动能4(R+L)x=4(R十L),A项错误，B项正增加，)项错误。确。滑块刚滑到B点时速度最大，中动量守恒m结合(1)可得m=专Vg【例8】B【解析】爆炸时，水方向，根据定律和机械能守恒定律分别得0=mv一Mu、解得h的最小值hmim=0.45m。动量守恒定律可知1一22=0，因两碎块ngR=之mm2+2M2,联立解得a(3)设F点到G点的距离为y,对于小球从E点落地时间相等，则m11一m22=0,m2」到G点的运动过程，由能量守恒定律有x2 m1,即两碎块的水位移之比为1：2，而从爆√受gR,C项错误。对整个过程，由动量守恒2mG2=2 VEmin2十mg(R+y）定律得0=(m十)v',得'=0，由能量守恒定炸开始抛出到落地，两碎块的位移之比不等于由抛运动可得=，H+r一y=?g律得mgR=mgL,得R-L,D项错误。1：2,A项错误；设两碎块落地时间均为(，由题联立可得水距离x=2√/(0.5-y)(0.3+y)2,解得1=4s,爆炸物的专项突破4“碰撞类”模型问题由数学知识可得当0.5-一y=0.3十y时，x取最【例1】BCD【解析】解除压缩后，弹簧在大，最大值xmax=0.8m爆炸点离地面高度h=之g2=号X10X42m恢复原长的过程中，墙壁对A物体还有弹力的【例5】0.54=80m,B项正确；爆炸后质量大的碎块的水作用，故解除压缩后到弹簧恢复原长前，两物体【解析】设子弹射入木块后子弹与木块的共同位移.x1=(5-4)×340m=340m,质量小的碎和弹簧组成的系统动量不守恒，恢复原长后，速度为，以水向左为正方向，则由动量守块的水位移x2=(6一4)×340m=680m,爆A、B一起向右运动，系统所受的合外力为零，恒定律有炸后两碎块落地点之间的水距离为340m十动量守恒，A项错误。解除压缩后，两物体和弹680m=1020m,质量大的碎块的初速度1o簧组成的系统只有动能和弹性势能的相互转代入数据解得u1=8m/s340化，故机械能守恒，B项正确。压缩弹簧时，外木块和子弹恰好不从小车上掉下来，则木块和4m/s-85m/s,C,D两项错误。力做的功全转化为弹性势能，撤去外力，弹簧恢子弹相对小车滑行的距离s=6m时，跟小车具【变式4】C)【解析】空中爆炸问题，因系复原长时，弹性势能全转化为B的动能，设此有共同速度2，则由动量守恒定律有(m十统内力远人于外力，枚满足系统动量守恒的条时B的速度为0，则W=En=2mn2,得o)U1-Mv=(m十o+M02件。由题中所给物理情景“一分为二”，系统动量守恒的表达式为mo=mava十mw6,因naU。5m/s,此过程墙壁对A的冲量大小等于弹簧对由能量守恒定律有Q=(m+mo)gs=2(m与心o同向，取为正方向。讨论：①若0aA的冲量大小，也等于弹簧对B的冲量大小，m)a2+M2-号(m+m十Mw2nh,则，vb为正，b与va同向；②若naa由动量定理得I=3vo=10N·s,C项正确。=mn,则v6=0,即%=0，b做自由落体运当A刚要离开墙壁时，弹簧恢复原长，A的速解得u=0.54。动，a在b之前；③若m.va>mn,则m606为度最小，且Amin=0,A、B都运动后，B减速，A【例6】号w负，与va反向，a在b之前；所以A项错误加速，当A、B速度相等时弹簧拉伸最长，此后，因题设条件只给出了a与vo同向和na>mB继续减速，A继续加速，当弹簧再次恢复原长【解析】法一：把A、B、C看成一个系统，由题的条件，所以大于、等于和小于。的情况都时，以向右为正，由系统动量守恒、机械能守恒意，A与B间的距离保持不变，可知最终A、B、有可能存在，从同一高度抛物休的水射程C的速度大小相等，设为，整个过程中由动量h水初速度决定，故s6>sa、6=3a、6

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